Đáp án Toán cao cấp A1-HKII 1819
Trang 1
ĐẠI HỌC SƯ PHẠM KỸ THUẬT
THÀNH PHỐ HỒ CHÍ MINH BỘ MÔN TOÁN
ĐÁP ÁN TOÁN A1 HỌC KỲ II NĂM HỌC 2018 -2019
Ngày thi: 31/5/2019
Câu Đáp án Điểm
I -1
Với 2 3 3 2
z = + i , ta có 4 4 3
3 4 3
r = + = ,
cos 1 2
3 3
sin 2
=
=
=
Biểu diễn lượng giác của 4
256 4 4
cos sin
9 3 3
z = + i
0.75
0.25 I - 2
( ) ( ) ( )
( )
0 0
0
9 3
lim lim
sin 2 sin 2 9 3
1 1
lim 2 9 3 12
x x
x
x x
x x x
x
+ +
+
→ →
→
+ − =
+ +
= =
+ +
0.5
0.5 II - 1 Hàm số khả vi tại 0 f liên tục và có đạo hàm hữu hạn tại 0.
( ) ( ) ( )
( )
0 0
2
0 0 0
lim lim 1 , 0 .
lim lim tan lim tan 0.
x x
x x x
f x a x b b f b
f x x x
x
− −
+ + +
→ →
→ → →
= − + = =
= = =
Hàm f liên tục tại 0
( ) ( )
0
lim 0 0
x f x f b
→ = = .
Hàm f có đạo hàm tại0
( )
2
0 0
tan 0
1 0
lim 1 lim 1 2.
0 0
x x
x
a x a x a
x x
− +
→ →
− − −
= − = = =
− −
Vậy hàm khả vi tại 0 a=2,b=0.
0.5
0.5
1.0
II - 2
Thể tích hộp: 2 3002
300
V r h h
r= = =
, (r 0,h0)Chi phí in nhãn hộp: 600 900000
2 rh 1500 1500
r r
= =Chi phí làm vỏ hộp:
(
2 rh 2 r2)
1000 600000 2000 r2
+
= r +
Tổng chi phí: C r
( )
1500000 2000 r2r
= +
( ) 1500000
2 3375
' 4000 0 4.9237
C r r r
r
= − + = =
(cm).0.25
0.5
0.25
Đáp án Toán cao cấp A1-HKII 1819
Trang 2 Vậy cần thiết kế hộp với bán kính 3
375
, 3.939
r h
=
.r
0 3375
( )
'
C r - 0 +
( )
C r
456971,0839 III - 1
2 2
0 0
cos cos
lim
sin t t sin
x x
I dx dx
x x
→ +
=
= .
Đặt u=sin ,x du=cosxdx, khi đó
1 1
0 0 sin 0
sin
lim lim 2 lim 2 2 sin 2.
t t t t
t
I du u t
+ u + +
→ → →
=
= = − =0.25 0.25
0.5 III - 2
2
( )
6
2
1
2x dx f x dx
x
+ +
− =
( )
62 261 ( ) 0
1
x x
f x g x
x x x
= = =
− , ( )
( )
3
lim lim 6 1
x x 1
f x x
g x x
→+ = →+ =
−
.
Vì
2
1 dx x
+
phân kỳ (
=1), nên
2 6
2
1
x dx x
+
− phân kỳ theo t/c so sánh 2.
0.5
0.5 IV - 1
2 2
1 1 1 1 1
3 1 1
.3 .3
k
k k
k k
k k k k k
k a b
k k k
+ + + + +
= = = = =
+ = + = +
Chuỗi – p: 2
1 1
1
k
k k
a k
+ +
= =
=
hội tụ với p= 2 1 (hoặc hội tụ theo tiêu chuẩn tích phân).Chuỗi
1 k k
b
+
= hội tụ theo tiêu chuẩn tỉ số( .3 )
11
lim 1
1 3 3
k k k
k
k
+→+
=
+
.Vậy chuỗi đã cho hội tụ.
0.25
0.25
0.25
0.25 IV – 2
Đặt ( )
0 0
2 1
, , 2.
2 1 2 1
k
k
k k
k k
x a X a X x
k k
+ +
= =
+ = = = +
+ +
1
2 1
lim lim 1
2 3
k
k k
k
a k
a k
+→+ →+
= = + =
+
bán kính hội tụ R=1. Chuỗi lũy thừa0 k k k
a X
+
= hội tụ với mọi X −(
1,1)
.Với X = −1:chuỗi lũy thừa trở thành chuỗi số đan dấu
( )
0
1 2 1
k
k
k
+
=
−
+
, chuỗi này hội tụ theo tiêu chuẩn Leibnitz .0.25
0.25
Đáp án Toán cao cấp A1-HKII 1819
Trang 3 Với X =1: chuỗi lũy thừa trở thành
0
1 2 1
k
k
+
=
+
, chuỗi này phân kỳ theo tiêu chuẩn tích phân (hoặc tiêu chuẩn so sánh.)Vậy chuỗi
0 k k k
a X
+
= hội tụ −X [ 1,1) suy ra miền hội tụ của( )
0
2 2 1
k
k
x k
+
=
+
+
là [ 3, 1)− − .0.25
0.25 IV – 3
( )
00
0
1 1
2 1
a f x dx dx xdx
−
−
= = + = +
( )
( )
0
0 0
2 2
0 0
1 1
cos cos 2 cos
2 1 1
sin 2 2
sin cos
n
n
a f x nxdx nxdx x nxdx
nx x
nx nx
n n n n
− −
−
= = +
− −
= + + =
( )
( )
0
0 0
2
0 0
1 1
sin sin 2 sin
1 1 2 1
cos 2 2
cos sin
n
n
b f x nxdx nxdx x nxdx
nx x
nx nx
n n n n
− −
−
= = +
− − −
= − − + =
Vậy khai triển Fourier của hàm số f x
( )
là:( )
0( )
1
cos sin ,
2
n n nf x a a nx b nx
=
= + +
với a a b0, n, n xác định như trên.0.25
0.25
0.25
0.25
Hết