A. 3 . B. 4. C. 5 . D. 6 .
Lời giải
Hình lăng trụ tam giác gồm có 5 mặt: (ABC); (A B C ); (ACC A ); (ABB A ); (BCC B ). Câu 19: [Mức độ 1] Trong các mệnh đề sau, mệnh đề nào đúng?
A. Hai đường thằng có một điểm chung thì chúng có vô số điểm chung khác.
B. Hai đường thẳng chéo nhau khi và chỉ khi chúng không đồng phẳng.
C. Hai đường thẳng song song khi và chỉ khi chúng không điểm chung.
D. Hai đường thẳng song song khi và chỉ khi chúng không đồng phẳng.
Lời giải
A sai vì 2 đường thẳng cắt nhau thì chúng chỉ có 1 điểm chung.
C và D sai vì 2 đường thẳng song song khi và chỉ khi chúng đồng phằng và không có điểm chung.
Vậy Chọn B
Page 9 Câu 20: [Mức độ 1] Cho đường thẳng d song song với mặt phẳng
( )
P . Mệnh đề nào sau đây đúng?A. Đường thẳng d song song với một đường thẳng nào đó trong
( )
P .B. Đường thẳng d song song với mọi đường thẳng trong
( )
P .C. Đường thẳng d song song với hai đường thẳng cắt nhau trong
( )
P .D. Đường thẳng d song song với nhiều nhất một đường thẳng trong
( )
P .Lời giải
Theo định lí, nếu đường thẳng d song song với mặt phẳng
( )
P thì d không nằm trên mặt phẳng( )
P và song song với một đường thẳng nào đó nằm trên( )
P .Câu 21: [Mức độ 1] Giá trị lớn nhất của hàm số y=3cosx−5 là
A. −2. B. 3 . C. −5. D. −8.
Lời giải
x , ta có − 1 cosx − 1 3 3cosx3 − − 3 5 3cosx− − − −5 3 5 8 y 2. Vậy giá trị lớn nhất của hàm số bằng −2, khi cosx= = 1 x k2 ,
(
k)
.Câu 22: [Mức độ 2] Có bao nhiêu số tự nhiên
n
thỏa mãn An3+5An2 =2(
n+15)
?A. 0 . B. 1. C. 2. D. 3 .
Lời giải Điều kiện xác định n3, n .
( )
3 2
5 2 15
n n
A + A = n+
(
nn!3 !)
5(
nn!2 !)
2n 30 + = +
− − .
(
n 2)(
n 1)
n 5(
n 1)
n 2n 30 0 − − + − − − = .
3 2 2
3 2 5 7 30 0
n n n n n
− + + − − = n3+2n2−5n−30=0 =n 3. Vậy có 1 giá trị của
n
thỏa mãn yêu cầu bài toán.Câu 23: [Mức độ 1] Trong khai triển
(
2x−5y)
8, hệ số của số hạng chứax y
5.
3 làA. −224000. B. −40000. C. −8960. D. −4000. Lời giải
Số hạng tổng quát trong khai triển trên là
8 8 8
1 ( 1)k 8k.(2 ) k(5 )k ( 1)k 8k.2 5 .k k k. k Tk+ = − C x − y = − C − x − y .
Yêu cầu bài toán xảy ra khi k=3. Khi đó hệ số của số hạng chứa
x y
5.
3 là −224000.Câu 24: [Mức độ 2] Số hạng chứa x31 trong khai triển
40 2
x 1 x
+
là
A. −C x4037 31. B. C x403 31. C. C x402 31. D. C x404 31. Lời giải
Số hạng tổng quát trong khai triển là 1 40. 40 . 12 40. 40 3
k
k k k k
Tk C x C x
x
− −
+
= = . Ta cần tìm k sao cho: 40 3− k=313k= =9 k 3.
Vậy số hạng chứa x31 trong khai triển là C x403. 40 3.3− =C x403 . 31.
Câu 25: [Mức độ 1] Gieo ngẫu nhiên một đồng tiền cân đối và đồng chất hai lần. Tính xác suất của biến cố A: “Mặt sấp xuất hiện hai lần”.
A. 1
2 . B. 2
3 . C. 3
4 . D. 1
4 . Lời giải
Ta có không gian mẫu =
SS SN NS NN, , ,
=n( )
4.Biến cố A=
SS n A( )
=1.Vậy xác suất của biến cố A là
( ) ( ) ( )
14P A n A
= n =
.
Câu 26: [Mức độ 1] Lấy ngẫu nhiên một thẻ từ một hộp chứa 20 thẻ được đánh số từ 1 đến 20 . Tính xác suất của biến cố A: “thẻ được lấy ghi số chẵn”.
A. 2
5 . B. 1. C. 1
4 . D. 1
2 . Lời giải
Không gian mẫu =
1, 2,3,..., 20
=n( )
20.Biến cố A=
2, 4,6,..., 20
n A( )
=10.Vậy xác suất của biến cố A là
( ) ( )
( )
1020 12P A n A
=n = =
.
Câu 27: [Mức độ 2] Có hai hộp bút chì màu. Hộp thứ nhất có 5 bút chì màu đỏ và 7 bút chì màu xanh.
Hộp thứ hai có 8 bút chì màu đỏ và 4 bút chì màu xanh. Chọn ngẫu nhiên mỗi hộp một cây bút chì. Xác suất để có 1 cây bút chì màu đỏ và 1 cây bút chì màu xanh là
A. 17
36. B. 5
12. C. 7
12. D. 19
36. Lời giải
Số phần tử của không gian mẫu là: ( ) 1 1
12.C12 144 n =C = .
Gọi A là biến cố: “Lấy được 1 cây bút chì màu đỏ và 1 cây bút chì màu xanh”.
Số các kết quả thuận lợi cho A là: ( )
4 1 5
1 1 1
7 8
. . 76
n A =C C +C C = . Xác suất biến cố A là:
( )
( )( ) 1936 P A n A
=n =
. Câu 28: [Mức độ 1] Cho dãy số
( )
un với 12 3
n
u n n
= +
+ . Tìm số hạng thứ n+1 của dãy số trên.
A. 1 2
2 5
n
u n
+ n
= +
+ . B. 1 2
2 3
n
u n
+ n
= +
+ .
C. 1 1
2 5
n
u n
+ n
= +
+ . D. 1 1
2 3
n
u n
+ n
= +
+ .
Lời giải Ta có: 1
( 1) 1 2
2( 1) 3 2 5
n
n n
u + n n
+ + +
= =
+ + + .
Câu 29: [Mức độ 2] Xác định số hạng đầu u1 và công sai d của cấp số cộng
( )
un có u9 =5u2 và13 2 6 5
u = u + .
Page 11 A. u1 =3 và d=4. B. u1 =3 và d=5. C. u1 =4 và d=5. D. u1 =4 và d=3.
Lời giải
Ta có: un = + −u1
(
n 1)
d. Theo đầu bài ta có hệ phương trình:( )
( )
1 1
1 1
8 5
12 2 5 5
u d u d
u d u d
+ = +
+ = + +
1 1
1
4 3 0 3
2 5 4
u d u
u d d
− = =
− = − =
.
Câu 30: [Mức độ 2] Cho cấp số nhân
( )
un có 20 171 5
8 .
272
=
+ =
u u
u u Tìm
u
1, biết rằngu
1 100
. A.u
1= 16.
B.u
1= 2.
C.u
1= − 16.
D.u
1= − 2.
Lời giải Ta có:
( ) ( )
( ) ( )
16 3
19 16
20 17 1 1 1
4 4
1 5 1 1 1
8 0 1
8 . 8
272 . 272 1 272 2
− =
= =
+ = + = + =
u q q
u u u q u q
u u u u q u q .
Từ
( )
2 suy rau
1 0
do đó:( )
1 02
=
= q q .
Nếu q=0 thì
( )
2 =u1 272 không thỏa điều kiệnu
1 100
. Nếu q=2 thì( )
2 =u1 16 thỏa điều kiệnu
1 100
.Câu 31: [Mức độ 2] Trong mặt phẳng Oxy, cho đường tròn
( )
C có phương trình x2+(
y−1)
2 =4 vàđiểm A
(
4; 2−)
. Tìm phương trình đường tròn( )
C đối xứng với( )
C qua A.A.
(
x+8) (
2+ y−5)
2 =4. B.(
x−8) (
2+ y+5)
2 =4.C.
(
x−8) (
2+ y+5)
2 =16. D.(
x−4) (
2+ y+2)
2 =4.Lời giải Đường tròn
( )
C có tâm I( )
0;1 và bán kính R=2. Gọi I là điểm đối xứng của I qua A.Khi đó A là trung điểm của II.
Hay AI+AI = 0 OI=2OA OI− =
(
8; 5−)
. Suy ra I(
8; 5−)
.Bán kính đường tròn
( )
C là R = =R 2.Vậy phương trình đường tròn
( )
C là(
x−8) (
2+ y+5)
2=4.Câu 32: [Mức độ 2] Cho tứ diện ABCD. Gọi M, N lần lượt là trung điểm của AC CD, . Giao tuyến của hai mặt phẳng
(
MBD)
và ABN làA. đường thẳng MN. B. đường thẳng AM.
C. đường thẳng BG (Glà trọng tâm tam giác ACD).
D. đường thẳng AH (H là trực tâm tam giác ACD).
Lời giải
B là điểm chung thứ nhất giữa hai mặt phẳng MBD và
(
ABN)
.Vì M N, lần lượt là trung điểm của AC CD, nên suy ra AN DM, là hai trung tuyến của tam giác ACD. Gọi G=ANDM
( ) ( )
( ) ( )
G AN ABN G ABN G DM MBD G MBD G
là điểm chung thứ hai giữa hai mặt phẳng
(
MBD)
vàABN .
Vậy
(
ABN) (
MBD)
=BG.Câu 33: [Mức độ 2] Cho tứ diện ABCD. Gọi G E, lần lượt là trọng tâm của các tam giác ABD, ABC. Gọi là giao tuyến của hai mặt phẳng
(
AEG)
và(
BCD)
. Đường thẳng song song với đường thẳng nào dưới đây?A. Đường thẳng AD. B. Đường thẳng BC. C. Đường thẳng BD. D. Đường thẳng CD. Lời giải
Gọi M N, lần lượt là trung điểm của BD và BC. Ta có:
( )
( ) ( ) ( ) ( )
1M AG M AEG
M AEG BCD
M BCD
G
N M
B D
C A
Page 13
( )
( ) ( ) ( ) ( )
2N AE N AEG
N AEG BCD
N BCD
Từ
( )
1 và( )
2 ta có(
AEG) (
BCD)
=MN.Ta có MN CD (tính chất đường trung bình).
Câu 34: [Mức độ 2] Cho hình chóp S ABCD. . Trên các cạnh AC SC, lấy lần lượt các điểm I K, sao cho SC AC
SK = AI . Mặt phẳng
( )
đi qua IK, cắt các đường thẳng AB AD SD SB, , , tại các điểm theo thứ tự là M N P Q, , , . Khẳng định nào sau đây là đúng?A. MQ và NP cắt nhau.
B. Tứ giác MNPQ là hình bình hành.
C. Tứ giác MNPQ không có cặp cạnh nào song song.
D. MQ/ /NP.
Lời giải
Xét SAC có SC AC
SK = AI nên: IK//SA Ta có:
( ) ( )
( ) ( )
//
, IK SA
SA SAB IK
SAB MQ
=
// //
MQ IK SA
( )
1Lại có:
( ) ( )
( ) ( )
//
, IK SA
SA SAD IK
SAD NP
=
// //
NP IK SA
( )
2Từ
( )
1 và( )
2 suy ra: MQ/ /NP.Câu 35: [Mức độ 2] Cho hình chóp SABCD có đáy ABCD là hình bình hành. Gọi G G1, 2 lần lượt là trọng tâm các tam giác SAB, SCD. Xét các khẳng định sau:
(I) G G1 2//
(
SBC)
. (II) G G1 2//(
SAD)
.(III) G G1 2//
(
SAC)
. (IV) G G1 2//(
ABD)
. Các khẳng định đúng làA. I, II, IV. B. I, II, III. C. I, IV. D. III, IV.
Lời giải
Gọi M N, lần lượt là trung điểm của AB CD, .
Do G G1, 2 lần lượt là trọng tâm SAB và SCD nên 1 2 2 1 2//
3 SG SG
SM = SN = G G MN. Mà MN
(
ABCD)
suy ra G G1 2//(
ABCD)
hay G G1 2//(
ABD)
.Ta có MN//AD//BC G G1 2//AD//BC
Mà BC
(
SBC)
và AD(
SAD)
, suy ra G G1 2//(
SBC)
và G G1 2//(
SAD)
. PHẦN II: TỰ LUẬNCâu 36: Giải phương trình: 4sin 22 x−3sin 4x+2 cos 22 x=4 Lời giải
2 2
4sin 2x−3sin 4x+2cos 2x=4
( )
2 2 2 2
4sin 2x 6sin 2 .cos 2x x 2cos 2x 4 sin 2x cos 2x
− + = +
6sin 2 .cos 2x x 2 cos 22 x 0
+ =
( )
2cos 2x 3sin 2x cos 2x 0
+ =
cos 2 0 cos 2 0
3sin 2 cos 2 tan 2 1 3 x x
x x x
=
=
= − = −
+ cos 2 0 2
2 4 2
x= x= + k = +x k , k
+ tan 2 1 2 arctan 1 1arctan 1
3 3 2 3 2
x= − x= − +k =x − +k , k Kết Luận: Vậy phương trình có nghiệm là:
4 2
x= + k
và 1arctan 1
2 3 2
x= − +k , k . Câu 37: Cho hình chóp S ABCD. có đáy ABCD là hình bình hành có tâm O. Gọi N là trung điểm của
cạnh AB. Gọi G là trọng tâm của tam giác SAN. Chứng minh: OG//
(
SBC)
.Lời giải
Page 15