ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
“Nơi nào có ý chí, nơi đó có con đường.”
Ngày đã r ng, bình minh đang t nh gi c!
“Khi nào em c m th y mu n phê phán và chê bai m t ai đó, hãy nh r ng không ph i ai trên th# gi i này c$ng có nh%ng
thu&n l(i trong cu c s ng mà em có đư(c."
73
BÀI TOÁN CỰC TRỊ HÀM SỐ HỢP
TRONG CÁC THI TH 20-21
Họ và Tên học sinh: ………...
Trường:………. Lớp: ……….
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Câu 1: (Câu 31 - Chuyên Lê Hồng Phong - Nam Định - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số f x
( )
thỏa mãn f′( )
x =x2(
1−x)
,∀ ∈x ℝ. Hỏi hàm số y= f x( )
2 có bao nhiêu điểm cực tiểu?Ⓐ. 3. Ⓑ. 2 . Ⓒ. 0. Ⓓ. 1.
Lời giải Chọn D
Xét hàm số y= f x
( )
2 .Tập xác định: D=ℝ.
( ) ( ) ( ) ( )
( )
2 2 4 2 5 2
5 2
' ' 2 . ' 2 . 1 2 1
0
' 0 2 1 0 1
1
y f x x f x x x x x x
x
y x x x
x
= = = − = −
=
= ⇔ − = ⇔ =
= −
Bảng biến thiên:
Vậy hàm số có 1 điểm cực tiểu.
Câu 2: (Câu 18 - THPT Lê Lợi - Thanh Hóa - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc bốn y= f x( ). Hàm số y= f '( )x có đồ thị như hình vẽ.
Số điểm cực đại của hàm số y= f x
(
2+1)
làⒶ. 2. Ⓑ. 1. Ⓒ. 4. Ⓓ. 3. Lời giải
Chọn B
Ta có: y' 2 . '(= x f x2+1).
(
2)
220
' 0 1 1
0 0
1 ' 1 0 2
3 2
y
x x x
x x
f x
x x
=
=
=
⇔ ⇔ ⇔ =
= + =
+ =
= = −
+
.
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Ta có bảng biến thiên sau:
Hàm số đạt cực đại tại điểm x0 khi đạo hàm của hàm số đó đổi dấu dương (+) sang âm (-) khi đi qua điểm x0.
Vậy hàm số y= f x
(
2+1)
có 1 cực đại.Câu 3: (Câu 4 - THPT Quế Võ 1 - Bắc Ninh - Lần 02 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số f x
( )
có đạohàm trên ℝ và có dấu của f′
( )
x như sauHàm số y= f
(
2−x)
có bao nhiêu điểm cực trị?Ⓐ. 1. Ⓑ. 4 . Ⓒ. 3. Ⓓ. 2.
Lời giải Chọn C
Cách 1
Ta có y= f
(
2−x)
⇒ y′= −f′(
2−x)
.Ta có
( )
2 1 3
2 1 1
0 2 0
2 2 0
2 3 1.
x x
x x
y f x
x x
x x
− = − =
− = =
′= ⇔ ′ − = ⇔ ⇔
− = =
− = = −
Mặt khác
( )
( )
2 1 3
0 2 0
2 2 3 1 0
1 2 1 1 3
0 2 0 1 2 2 0 1
2 3 1.
x x
y f x
x x
x x
y f x x x
x x
′< ⇔ ′ − > ⇔ − < − ⇔ >
< − < − < <
− < − < < <
′> ⇔ ′ − < ⇔ < − < ⇔ < <
− > < −
Ta có bảng xét dấu của y′= −f′
(
2−x)
Từ bảng xét dấu của y′= −f′
(
2−x)
ta thấy hàm số y= f(
2−x)
có 3 điểm cực trị.Cách 2
Số điểm cực trị của hàm số f
(
2−x)
bằng số điểm cực trị của hàm số f x( )
.Từ bảng xét dấu của f′
( )
x ta thấy hàm số f x( )
có 3 điểm cực trị.Câu 4: (Câu 44 - MĐ 101 - BGD&ĐT - Đợt 1 - Năm 2019 - 2020) Cho hàm số ( )f x bậc 4 có bảng biến thiên như sau:
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Số điểm cực trị của hàm số g x
( )
=x4f x(
+1)
2 làⒶ. 11. Ⓑ. 9. Ⓒ. 7. Ⓓ. 5.
Lời giải Chọn B
Ta chọn hàm bậc bốn y= f x( ) 5= x4−10x2+3 có bảng biến thiên như đề cho.
Ta có g x'( ) 4= x3f x
(
+1)
2+x4.2.f x(
+1) (
f' x+ =1)
0( ) ( ) ( )
( )
( ) ( )
3
3
2 . 1 . 2 1 ' 1 0
0 (1)
1 0 (2)
2 1 ' 1 0 (3)
x f x f x xf x
x f x
f x xf x
⇔ + + + + =
=
⇔ + =
+ + + =
+ Phương trình (1) có nghiệm bội x=0.
+ Từ bảng biến thiên của hàm số y= f x
( )
, ta có phương trình f x( )
=0 có 4 nghiệm phân biệt 1x≠ ⇒Phương trình (2): f x
(
+ =1)
0 có 4 nghiệm phân biệt x≠0. + Giải (3): Đặt x+ = ⇒ = −1 t x t 1, phương trình (3) trở thành:( ) ( ) ( ) (
4 2) ( ) (
3)
4 3 2
2 1 . ' 0 2 5 10 3 1 20 20 0
30 20 40 20 6 0 (3')
f t t f t t t t t t
t t t t
+ − = ⇔ − + + − − =
⇔ − − + + =
Bấm MTCT thấy phương trình (3’) có 4 nghiệm phân biệt t≠1.
⇒Phương trình (3) có 4 nghiệm phân biệt x≠0.
Ngoài ra, nghiệm của phương trình (2) không phải là nghiệm của phương trình (3) vì những giá trị x thỏa mãn f x
(
+ =1)
0 không thỏa mãn phương trình (3).Do đó phương trình g'
( )
x =0 có 9 nghiệm phân biệt nên hàm số g x( )
=x4f x(
+1)
2 có 9điểm cực trị.
Câu 5: (Câu 44) (MĐ 103 - BGD&ĐT - Đợt 1 - Năm 2019 - 2020) Cho hàm số bậc 4 có bảng biến thiên như hình vẽ
Số điểm cực trị của hàm số g x
( )
=x4f x(
−1)
2 làht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Ⓐ. 7. Ⓑ. 5. Ⓒ. 9. Ⓓ. 11. Lời giải
Chọn C
Cách 1. Từ giả thiết đề bài đã cho ta thấy rằng hàm số f x
( )
có dạng f x( )
=ax4+bx2+c.Sử dụng giả thiết ta được
( )
4 4 8 2 3 '(
1)
16(
1)
3 16(
1)
16(
1)(
2)
f x = x − x + ⇒ f x− = x− − x− = x x− x− Ta có
( ) ( ) ( ) ( )
( )
( ) ( ) ( )
3 2 4
0 4 1 2 . 1 . 1 0
0
1 0
2 1 . 1 0 *
g x x f x x f x f x
x f x
f x x f x
′ = ⇔ − + − ′ − =
=
⇔ − =
− + ′ − =
Xét phương trình
( )
*(
1)
.(
1)
2 f x x f′ x
⇔ − = − − , ta có .
(
1)
8 2(
1)(
2)
2
x f′ x x x x
− − = − − − .
Biểu diễn hai hàm số f x
(
−1)
và .(
1)
2 x f′ x
− − trên cùng một đồ thị đồ thị ta có
Như vậy phương trình
( )
* có 4 nghiệm phân biệt.Xét phương trình
( ) ( )
( )
2
2
6 1
3 2
1 2 5
1 0
1 4
1 2 3
4 x x
f x x
x
x
= ± +
− =
− = ⇔ ⇔ =
− =
=
.
Thay 4 nghiệm này vào phương trình
( )
* thì ta thấy rằng các nghiệm của phương trình này không phải là nghiệm của phương trình( )
* .Vậy hàm số đã cho có tất cả 9 điểm cực trị.
Cách 2.
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Từ bảng biến thiên, ta nhận thấy rằng phương trình f x
(
− =1)
0 có 4 nghiệm phân biệt khác 0, suy ra phương trìnhg x( )
=x4f x(
−1)
2=0 có tất cả 5 nghiệm bội chẵn, khi đó đồ thị hàm số( )
g x sẽ có dạng như sau
Như vậy hàm g x
( )
có 9 điểm cực trị.Câu 6: (Câu 38 - SGD Cần Thơ - Mã đề 102 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc bốn y= f x
( )
vàcó đồ thị f′
( )
x như sau:Số điểm cực trị của hàm số g x
( )
= f x(
2−1)
làⒶ. 1. Ⓑ. 3. Ⓒ. 2. Ⓓ. 4.
Lời giải Chọn B
Ta có g x′
( )
=2 .x f′(
x2−1)
Xét
( ) (
2)
20 0 0
0 1 0 1 2 3
x x x
g x f x x x
= = =
′ = ⇔ ′ − = ⇔ − = ⇔ = ±
( )
2 4.( )
3 0g′ = f′ >
Ta có bảng xét dấu g′
( )
x :x −∞ − 3 0 3 +∞
( )
g′ x − 0 + 0 − 0 +
Vậy số điểm cực trị của hàm số là 3 điểm.
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Câu 7: (Câu 41 - SGD Quảng Nam - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Biết hàm số f x
( )
có đồ thị được cho như hình vẽ bên. Tìm số điểm cực đại của hàm số y= f2f x( )
Ⓐ. 3. Ⓑ. 4. Ⓒ. 2. Ⓓ. 1.
Lời giải Chọn C
Ta có:
( ) ( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
2 . . ;
0 1
0 0 2 .
0 3 y f f x f f x f x
f x
y f f x
f f x
′= ′ ′
′ =
′= ⇔ ′ =
=
Giải
( )
1 :( )
0 02 f x x
x
=
′ = ⇔ =
Giải
( )
2 :( ) ( ) ( )
( )
1
2 1
0 0
0 2
2
x kep
f f x f x x x
f x x x x
=
=
′ = ⇔ = ⇔ = > = >
Giải
( )
3 :( ) ( )
( )
1(
1)
0 0
2 f x
f f x
f x x x
=
= ⇔
= >
( )
1
3 2
0 2 x kep x x x x x
=
⇔ = >
= >
Vậy phương trình y′ =0 có nghiệm x=0 (bội 5), x=2, x=x1 (kép), x=x2, x= x3 Phương trình (1) có 4 nghiệm làm đổi dấu y′nên hàm số đã cho có hai điểm cực đại, hai điểm cực tiểu.
Câu 8: (Câu 47 - SGD Quảng Nam - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc ba y= f x
( )
có đồ thị như hình vẽ bênh tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Số nghiệm thực của phương trình f
(
x3−3x)
=2 làⒶ. 9. Ⓑ. 10. Ⓒ. 8. Ⓓ. 6. Lời giải
Chọn C
Đặt t = x3−3x
(
t≥0)
( ) ( ) ( ( ) )
( )
3
2 0
3 2 2 0 2
2
t a a
f x x f t t b b
t c c
= − < <
− = ⇔ = ⇔ = < <
= >
Ta có đồ thị hàm số y= x3−3x (là phần nằm phía trên trục hoành trong hình vẽ dưới đây)
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Dựa vào đồ thị của hàm số y= x3−3x ta có
Với t=a ta có x3−3x =a phương trình vô nghiệm
Với t=b ta có x3−3x =b phương trình có 6 nghiệm thực phân biệt Với t=c ta có x3−3x =cphương trình có 2 nghiệm thực phân biệt Vậy số nghiệm thực của phương trình f
(
x3−3x)
=2là 8.Câu 9: (Câu 38 - SGD Sơn La - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có đạo hàm( ) (
1) (
2 2)
f′ x = x− x− . Số điểm cực trị của hàm số g x
( )
= f(
x2+2x+5)
làⒶ. 3. Ⓑ. 0. Ⓒ. 1. Ⓓ. 2 .
Lời giải Chọn C
Ta có: f
( )
x 0(
x 1) (
2 x 2)
0 x 12x
=
′ = ⇔ − − = ⇔ = .
( )
2(
2)
1 2 5
2 5
g x x f x x
x x
′ = + ′ + +
+ + .
( )
2(
2)
0 1 2 5 0
2 5
g x x f x x
x x
′ = ⇔ + ′ + + =
+ +
(
2)
22( )
21
2 5 1
2 5 0
2 5 2 2 1 0 1
x
x x VN
f x x
x x x x x
= −
+ + =
⇔ ′ + + = ⇔ + + = ⇔ + + = ⇔ = − .
Bảng xét dấu g x′
( )
:Suy ra: Chọn C
Câu 10: (Câu 39 - THPT Chuyên Bắc Ninh - Lần 3 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
. Biếthàm số y= f '
( )
x có đồ thị như hình vẽ bên dưới. Số điểm cực trị của hàm số( ) ( )
2021f x 2020f x
y= + là
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Ⓐ. 2. Ⓑ. 5. Ⓒ. 3. Ⓓ. 4. Lời giải
Chọn C
Ta có y'= f '
( )
x .2021f x( ).ln 2021+ f'( )
x .2020f x( ).ln 2020.( )
( ) ( )' . 2021f x.ln 2021 2020f x.ln 2020 .
f x
= +
Do ( ) ( )
( )
123
2021f x.ln 2021 2020f x.ln 2020 0, ' 0 ' 0 .
x a
x y f x x b
x c
=
+ > ∀ ⇒ = ⇔ = ⇔ =
=
Vậy hàm số y=2021f x( )+2020f x( ) có ba điểm cực trị.
Câu 11: (Câu 24 - Chuyên Vinh- Nghệ An – Lần 1 – Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có đạo hàm trên ℝvà có bảng biến thiên như hình vẽ. Hàm số y= f(
1 2− x)
đạt cực tiểu tạiⒶ. 1
x= −2. Ⓑ. 1
x=2. Ⓒ. x=1. Ⓓ. x=0 Lời giải
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Chọn B
( ) ( ) ( )
1 2 1 1
2 1 2 0 2 1 2 0 1 2 0 1
1 2 2 21
2 x x
g x f x f x x x
x
x
=
− = −
′ = − ′ − = ⇔⇒ − ′ − = ⇔ − = ⇔ =
− =
= −
Ta có bảng biến thiên
Ta xét dấu bằng cách thay số Với x= ⇒2 g′
( )
2 = −2f′( )
− <3 0Với 3 3 2 1 0
4 4 2
x= ⇒g′ = − f′− >
Với 1 1 1
2 0
4 4 2
x= ⇒g′ = − f′ <
Vớix= − ⇒1 g′
( )
− = −1 2f′( )
3 >0Vậy hàm số y= f
(
1 2− x)
đạt cực tiểu tại 1 x= 2.Câu 12: (Câu 24 - Chuyên Hạ Long - Quảng Ninh - Lần 02 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có bảng biến thiên như sau:
Điểm cực tiểu của hàm số y= f
( )
3x làⒶ. y= −3 Ⓑ. 2
x=3 . Ⓒ. x=2. Ⓓ. 2
x= −3. Lời giải
Chọn B Ta có:
3
( )
3 y′= f′ xTừ BBT của hàm số y= f x
( )
ta có:h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
y′ =0⇔ f′
( )
3x =0 3 13 2
x x
= −
⇔
=
1 3 2 3 x x
= −
⇔
=
y′ >0 3 1
3 2
x x
<−
⇔
>
1 3 2 3 x x
< −
⇔
>
y′ <0⇔ − <1 3x<2 1 2
3 x 3
⇔ − < <
Do đó, điểm cực tiểu của hàm số là 2 x= 3.
Câu 13: (Câu 47 - Chuyên Lam Sơn - Thanh Hóa - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
,có đạo hàm f′
( ) (
x = x+1) (
2 x−3 .)
Tìm số điểm cực trị của hàm số g x( )
= f(
x2+2x+6)
Ⓐ. 1. Ⓑ. 2 . Ⓒ. 3. Ⓓ. 5. Lời giải
Chọn C
Ta có
( )
0 1 0 13 0 3
x x
f x
x x
+ = = −
′ = ⇔ − = ⇔ = . Bảng xét dấu
Xét hàm số g x
( )
= f(
x2+2x+6)
có( )
2(
2)
1 2 6
2 6
g x x f x x
x x
′ = + ′ + +
+ +
( ) (
2)
21 0 1
0 2 6 0 2 6 3
x x
g x f x x x x
+ = = −
′ = ⇔ ′ + + = ⇔ + + =
2
1 1
2 3 0 3
1 x x
x x x
x
= −
= −
⇔ + − = ⇔ = = − Bảng xét dấu
Từ bảng biến thiên. Ta thấy hàm số g x
( )
có 3 điểm cực trị.Câu 14: (Câu 45 - Chuyên Lam Sơn - Thanh Hóa - Lần 3 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có đạo hàm liên tục trên ℝ và có đồ thị hàm số y= f′
( )
x như hình dưới đây:ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Hàm số y= f x
(
2+x)
có bao nhiêu điểm cực đại?Ⓐ. 1. Ⓑ. 0. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2 . Lời giải
Chọn D
Bảng xét dấu của f′
( )
x :Đặt g x
( )
= f x(
2+x)
, ta có g x′( ) (
= 2x+1)
f′(
x2+x)
,( )
222
1
2 1 0 2
1 1 5
0 1 2
1 17 4
2 x x
x x
g x x
x x
x x x
=− + =
+ = − − ±
′ = ⇔ + = ⇔ =
− ±
+ =
=
Đặt 1 17 1 5 1 5 1 17
, , ,
2 2 2 2
a − − b − − c − + d − +
= = = = ; Ta có bảng xét dấu của g x′
( )
Từ bảng xét dấu của g x′
( )
ta có hàm số g x( )
= f x(
2+x)
có 2 điểm cực đại.Câu 15: (Câu 13 - Chuyên Quang Trung - Bình Phước - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc ba y= f x
( )
có đồ thị như hình vẽ:Gọi S là tập hợp tất cả các giá trị nguyên của tham số m để hàm số y= f
( (
x−1)
2+m)
có 3 điểm cực trị.Tổng các phần tử của S là:
Ⓐ. 2 . Ⓑ. 4 . Ⓒ. 8 . Ⓓ. 10 . Lời giải
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Chọn A
Ta có y' 2=
(
x−1)
f'( (
x−1)
2+m)
.( )
( ) ( )
( )
( ) ( )
( ) ( )
2 2
2
2 2
1 1
1
' 0 1 1 1 1 1
' 1 0
1 3 1 3 2
x x
x
y x m x m
f x m
x m x m
= =
=
= ⇔ ⇔ − + = − ⇔ − = − −
− + =
− + = − = −
.
+) Nếu − − = ⇔1 m 0 m= −1 khi đó phương trình
( )
2 ⇔(
x−1)
2 =4 có hai nghiệm phân biệt khác 1 nên m= −1 thỏa mãn.+) Nếu 3− = ⇔m 0 m=3 khi đó phương trình
( )
1 ⇔(
x−1)
2 = −4 vô nghiệm. Do đó, m=3 không thỏa mãn.+) Để hàm số y= f
( (
x−1)
2+m)
có 3 điểm cực trị thì phương( )
1 có hai nghiệm phân biệt và( )
2 vô nghiệm; hoặc( )
1 vô nghiệm và( )
2 có hai nghiệm phân biệt.1 0 1
3 0 3
1 3
1 0 1
3 0 3
m m
m m
m
m m
m m
− − > < −
− < >
⇔− − <− > ⇔ <> − ⇔ − < <
.
Vậy − ≤1 m< 3 m∈ℤ→ ∈ −m
{
1;0;1; 2}
. Chọn A.Câu 16: (Câu 45 - Chuyên Quang Trung - Bình Phước - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số
( )
y= f x (với f x
( )
là đa thức bậc 5). Đồ thị hàm y = f '( )
x hình vẽ sauHỏi hàm số y= f x
(
2−2x)
có bao nhiêu điểm cực tiểu?Ⓐ. 1. Ⓑ. 3. Ⓒ. 2 . Ⓓ. 0. Lời giải
Chọn B
Ta có: y'=
(
2x−2)
f'(
x2−2x)
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
( ) ( ) ( )
2 2
2 2
2
1
2 2 0 0
2 2 0 2 0 2
' 0 2 2 ' 2 0
' 2 0 2 1 1 2
2 3 3
1 x
x x
x x x x
y x f x x
f x x x x x
x x x
x
=
− = =
− =
− = =
= ⇔ − − = ⇔ − = ⇔ − = ⇔ = ±
− = =
= −
.
Dựa vào đồ thị ta suy ra ' 0y = có đúng 5 nghiệm bội lẻ là: x= −1;x=0;x=1;x=2;x=3 nên hàm số y= f x
(
2−2x)
có 5 điểm cực trị.Từ giả thiết đồ thị hàm số y= f'
( )
x và hàm số y= f x(
2−2x)
có 5 điểm cực trị suy ra hàm số(
2 2)
y= f x − x có 3 điểm cực tiểu
Câu 17: (Câu 44 - Chuyên Quốc Học Huế - Huế - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có đạo hàm f′
( )
x = x2(
x+2)(
x−3)
. Điểm cực đại của hàm số g x( )
= f x(
2−2x)
làⒶ. x=0. Ⓑ. x= −1. Ⓒ. x=3. Ⓓ. x=1. Lời giải
Chọn D
Theo giả thiết :
( )
0
0 2
3
=
′ = ⇔ = −
= x
f x x
x
(trong đó x=0 là nghiệm kép).
Ta có g x′
( ) (
= 2x−2)
f x′(
2−2x)
, có( ) (
2)
222
2 2 0
2 2 0 2 0
0 2 0 2 2( )
2 3
− =
− =
− =
′ = ⇔ ′ − = ⇔ − = −
− =
x
x x x
g x f x x x x vn
x x
= =
⇔ =
= −
=
1
0 2 1 3 x x x x x
(trong đó x=0 và x=2 là nghiệm kép).
Bảng biến thiên của hàm số g x( )
Dựa vào BBT, hàm số g x( ) đạt cực đại tại x=1.
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Câu 18: (Câu 48 - Chuyên Thái Bình - Thái Bình - Lần 4 - Năm 2020 - 2021 ) Cho hàm số f x
( )
,bảng biến thiên của hàm số f′
( )
x như sau:Số điểm cực trị của hàm số y= f
(
3x2−6x+2)
là:Ⓐ. 3 . Ⓑ. 5 . Ⓒ. 7 . Ⓓ. 9 . Lời giải
Chọn C
Ta có: y′=
(
6x−6)
f′(
3x2−6x+2)
( ) (
2) (
2) ( )
0 6 6 3 6 2 0 1
3 6 2 0 1
x
y x f x x
f x x
=
′= ⇔ − ′ − + = ⇔ ′ − + =
BBT:
( )
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
2
1 2
2 0
2
3 0
2
4 0
3 6 2 ; 1 :
3 6 2 1;0 2
1 3 6 2 0;1 2
3 6 2 1; 2
x x a vn
x x a n
x x a n
x x a n
− + = ∈ −∞ −
− + = ∈ −
⇔
− + = ∈
− + = ∈ +∞
Vì phưưng trình
y ′ = 0
có 7 nghiưm đưn phân biưt nên hàm sư y= f(
3x2−6x+2)
có 7cưc trư.
Câu 19: (Câu 50 - THPT Cẩm Bình - Hà Tĩnh - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc ba y= f x
( )
có đồ thị như hình vẽ.
f'(x)
+∞
0 +∞
x ∞ 1 1 +∞
3 1
2
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Số điểm cực tiểu của hàm số y= f
(
−x2+x)
bằngⒶ. 1. Ⓑ. 5. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2.
Lời giải Chọn C
Từ đồ thị ta có hàm số bậc ba y= f x
( )
có hai điểm cực trị x= −2;x=0 Đặt u= − +x2 x. Ta có 1' 2 1 0
u = − x+ = ⇔ =x 2 Bảng biến thiên của hàm số y= f
(
−x2+x)
Câu 20: Vậy hàm số y= f
(
−x2+x)
có 3 điểm cực tiểu.(Câu 46 - THPT Cẩm Bình - Hà Tĩnh - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y=f x( )
có bảng biến thiên như hình dướiSố điểm cực trị của hàm số y= f x
(
2−4x+1)
làⒶ. 1. Ⓑ. 5. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2 . Lời giải
Chọn B
Xét hàm số:y=g x
( )
= f x(
2−4x+1)
( ) ( ) (
2 1)
' ' 2 4 ' 4
y =g x = x− f x − x+
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
( ) (
2)
2 4 0
0 ' 4 1 0
' x
g x f
x x
− +
= =
⇔ −
=
2 2
1
2 4 0
4 1
4 1 3
x x
x x
x
⇔ − + = −
− + =
=
−
2 2
4 2
0 2
0
4 2
x x
x
x x
⇔ − + =
=
=
− −
2 2
2 2
2 6
2 6
2 x x x x
x
= +
⇔ = −
= +
=
= − Suy ra g x'
( )
bị đổi dấu 5 lần, nên hàm số y= f x(
2−4x+1)
có 5 điểm cực trị.Câu 21: (Câu 18 - THPT Đào Duy Từ - Hà Nội - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số
( )
f x
. Bảng biến thiên của hàm số
f′( )
xnhư sau:
Số điểm cực trị của hàm số
y= f x(
2−2x) là
Ⓐ.
7. Ⓑ.
9. Ⓒ.
3. Ⓓ.
6.
Lời giải Chọn A
Có
y′=(
2x−2)
f′(
x2−2x) .
Xét phương trình (
2) (
2)
2 2 0 1
0 2 0 2 0
x x
y f x x f x x
− = =
′ = ⇔ ′ − = ⇔ ′ − =
Dựa vào bảng biến thiên của hàm số
f′( )
x, ta có
( )
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
2 2 2
2 2
2 1 1
2 1 0 2
2 0
2 0 1 3
2 1 4
x x a a
x x b b
f x x
x x c c
x x d d
− = < −
− = − < <
′ − = ⇔ − = < <
− = >
Xét hàm số
g x( )
=x2−2x, có bảng biến thiên như sau
Dựa vào bảng biến thiên của hàm số
g x( )
=x2−2x, suy ra:
+ Phương trình (1) vô nghiệm.
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n + Phương trình (2) có hai nghiệm phân biệt
x x1, 2khác 1.
+ Phương trình (3) có hai nghiệm phân biệt
x x3, 4khác các nghiệm:
x x1, ,12. + Phương trình (4) có hai nghiệm phân biệt
x x5, 6khác các nghiệm:
x x x x1, , , ,12 3 4. Vậy phương trình
y′ =0có 7 nghiệm phân biệt nên hàm số đã cho có 7 điểm cực trị.
Câu 22: (Câu 27 - THPT Đội Cấn - Vĩnh Phúc - Lần 01 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc bốn y = f(x) có đồ thị hình vẽ bên?
Số điểm cực trị của hàm sốg x( )= f x( 3−3 )x là
Ⓐ. 7. Ⓑ. 9. Ⓒ. 11. Ⓓ. 5. Lời giải
Chọn B
Ta có 2 3 31
'( ) (3 3) '( 3 ) 0
'( 3 ) 0
g x x f x x x
f x x
= ±
= − − = ⇔ − =
Dựa vào đồ thị ta có
3
3 3
3
3 ( 2 )
'( 3 ) 0 3 ( 2 0) (*)
3 (0 2)
x x t t
f x x x x u u
x x v v
− = − >
− = ⇔ − = − < <
− = < <
Xét h x( )= − ⇒x3 3x h x'( ) 3= x2− = ⇔ = ±3 0 x 1 ta có bảng biến thiên sau:
Dựa vào bảng biến thiên ta được (*) có 7 nghiệm phân biệt khác ±1nên '( ) 0g x = có 9 nghiệm đơn phân biệt. Vậy hàm số g x( )= f x( 3−3 )x có 9 cực trị.
Câu 23: (Câu 37 - THPT Kinh Môn - Hải Dương - Lần 02 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
. Đồ thị của hàm số y= f′
( )
x như hình bên.h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Hàm số g x
( )
= f( )
x +2021 có bao nhiêu điểm cực trị?Ⓐ. 5. Ⓑ. 7. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2. Lời giải
Chọn A
Từ hình vẽ ta thấy đồ thị của y= f′
( )
x cắt trục hoành tại 2 điểm có hoành độ dương (và 1 điểm có hoành độ âm).Suy ra hàm số f x
( )
có 2 điểm cực trị dương.Suy ra hàm số f
( )
x có 5 điểm cực trị.Suy ra hàm số g x
( )
= f( )
x +2021 có 5 điểm cực trị (vì tịnh tiến đồ thị lên trên hay xuống dưới không ảnh hưởng đến số điểm cực trị của hàm số).Câu 24: (Câu 36 - THPT Lý Thái Tổ - Bắc Ninh - Lần 2 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số bậc bốn
( )
y= f x có đồ thị
( )
C1 và hàm số y= f′( )
x có đồ thị( )
C2 như hình vẽ bên. Số điểm cực trị của đồ thị hàm số g x( )
= f e .−x f x( )
trên khoảng(
−∞;3)
làⒶ. 9. Ⓑ. 6. Ⓒ. 7. Ⓓ. 8.
Lời giải Chọn D
Ta có g x′
( )
=e .−x f′( )
x − f x( )
.f′(
e−x− f x( ) )
.ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Xét
( ) ( ) ( )
( ( ) )
( ) ( )
( ( ) )
0 0
e .x 0 e .x 0
f x f x f x f x
g x f − f x f − f x
′ − = ′ =
′ = ⇔ ⇔
= =
.
( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( )
0 0
e . 2 2e
0
e . 0
e . 2 2e
x x
x
x x
x a x a
x x
x b x b
f x f x
f x f x
f x f x
− −
−
−
= =
= =
= =
⇔ = − ⇔ =
= =
= =
Từ đồ thị ta suy ra được:
Phương trình f x
( )
= −2ex có nghiệm đơn.Phương trình f x
( )
=0 có 2 nghiệm đơn và 1 nghiệm bội chẵn(
x=0)
. Phương tridnh f x( )
=2ex có 1 nghiệm đơn.Vậy g x′
( )
=0 có 8 nghiệm đơn nên hàm số g x( )
có 8 điểm cực trị.Câu 25: (Câu 45 - THPT Ngọc Tảo - Hà Nội - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x
( )
có đạo hàm trên ℝ và có bảng xét dấu của f′( )
x như sauHỏi hàm số g x
( )
= f x(
2−2x)
có bao nhiêu điểm cực tiểu?Ⓐ. 4 . Ⓑ. 1. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2 . Lời giải
Chọn B
Ta có g x′
( ) (
= 2x−2)
f′(
x2−2x)
.Suy ra
( ) ( ) ( ) ( )
2 2
2 2
2
1
2 2 0 2 3
0 2 2 2 0
2 0 2 2
2 1
x
x x x
g x x f x x
f x x x x
x x
=
− =
− =
′ = ⇔ − ′ − = ⇔ ′ − = ⇔ − = −
− =
1 3 1
1 2
x x x x
=
=
⇔ = −
= ±
.
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Xét g x′
( )
≥0⇔(
2x−2)
f′(
x2−2x)
≥0( )
( )
2
2
2 2 0
2 0
2 2 0
2 0
x
f x x
x
f x x
− ≥
′ − ≥
⇔
− ≤
′ − ≤
2
2 2
1
2 2 3
1
2 3
2 2
x
x x
x
x x
x x
≥
− ≤ − ≤
≤
⇔ − ≥
− ≤ −
2 2
2 2
1
2 2 0
2 3 0
1
2 3 0
2 2 0
x
x x
x x
x
x x
x x
≥
− + ≥
− − ≤
⇔
≤
− − ≥
− + ≤
1
1 3
1 3
1 x
x x
x x
≥
− ≤ ≤
⇔ ≤
≥
≤ −
1 3
1 x x
≤ ≤
⇔ ≤ − .
Bảng biến thiên
Từ bảng biến thiên suy ra hàm số g x
( )
= f x(
2−2x)
có 1 điểm cực tiểu.Cách khác:
Từ BBT hàm f x
(
2 −2x)
được mô tả ở dưới ta suy ra hàm có 1 điểm cực tiểu.Câu 26: (Câu 45 - THPT Phụ Dực - Thái Bình - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số
( )
3 2y= f x =ax +bx +cx d+ với
a≠ 0
có đồ thị hàm số như hình bên. Điểm cực đại của đồ thị hàm số y= f(
2−x)
+3 làht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Ⓐ.
(
0;5)
. Ⓑ.(
0; 2)
. Ⓒ.(
5; 6−)
. Ⓓ.( )
5;3 .Lời giải Chọn A
Dựa vào đồ thị hàm số đã cho ta có
( )
0 22 f x x
x
=
′ = ⇔ = − và
( )
0 22 f x x
x
< −
′ < ⇔ > .
Ta có y′= −f′
(
2−x)
. Cho y 0 22 x 22 x 04x x
− = − =
′ = ⇔ − = ⇔ = .
Giả sử y 0 f
(
2 x)
0 f(
2 x)
0 22 x 22 x 04x x
− < >
′> ⇔ − ′ − > ⇔ ′ − < ⇔ − > ⇔ < . Do đó ta có bảng biến thiên sau:
Vậy hàm số y= f
(
2−x)
+3 đặt cực tại tạix = 0
khi y( )
0 = f( )
2 + = + =3 2 3 5.Vậy tọa độ điểm cực đại là
(
0;5)
.Câu 27: (Câu 46 - THPT Tam Dương - Vĩnh Phúc - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x( ) có bảng biến thiên như hình dưới:
Số điểm cực trị của hàm số y= f x
(
2−4x+1)
là:Ⓐ. 1. Ⓑ. 5. Ⓒ. 3. Ⓓ. 2. Lời giải
Chọn B
Ta có g
( )
x = f x(
2−4x+1)
.6 2
-2 2
-2 y
x O
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
( ) (
x2 4 1) (
.f x2 4 1)
2(
x 2 .)
f(
x2 4 1)
g x′ x x x
⇒ = − + ′ ′ − + = − ′ − + .
Ta có
( ) ( ) (
2)
22 3
2
2 2
2
2 2 . 4 0 4 2
0 2
4 2
6
1 1
6 2 1
1
x x x
x f
g x x x
x x
x
x
x x
x
′
=
= −
=
− ′ − =
+
= ⇔ + + = −
=
⇔ − ⇔ = +
− = −
= +
.
Ta có bảng xét dấu của g x′
( )
.Dựavào bảng biến thiên ta thấy hàm số g
( )
x = f x(
2−4x+1)
có 5 điểm cực trị.Câu 28: (Câu 47 - THPT Yên Hòa - Hà Nội - Lần 1 - Năm 2020 - 2021) Cho hàm số y= f x( ) có đạo hàm trên R. Biết hàm số y= f x′( ) có đồ thị như hình vẽ.
Sô điểm cực trị của hàm số y= f x
(
2−3)
làⒶ. 5. Ⓑ. 4. Ⓒ. 2. Ⓓ. 3. Lời giải
Chọn D
Đặt g x( )= f x
(
2−3)
ta có g x′( ) 2 .= x f′(
x2−3)
.Từ đồ thị của y= f x′( ) ta có 2
2
2 0 0
( ) 0 3 1 2
3 2 1
x x
g x x x
x x
= =
′ = ⇔ − = ⇔ = ±
− = − = ±
.
Cũng từ đồ thị ta thấy x= ±2 là nghiệm kép của phương trình, nên ta có x=0,x= ±1 là các nghiệm đơn của g x′( ) 0= . Vậy hàm số y=g x( )= f x
(
2−3)
có tất cả là 3 cực trị.Câu 29: (Câu 46 - MĐ 101 - BGD&ĐT - Năm 2018 - 2019) Cho hàm số f x
( )
, bảng biến thiên của hàm số f x′( )
như sauht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Số điểm cực trị của hàm số y = f x
(
2−2x)
làⒶ. 9. Ⓑ. 3. Ⓒ. 7. Ⓓ. 5. Lời giải
Chọn C Cách 1
Từ bảng biến thiên ta có phương trình f′
( )
x =0 có các nghiệm tương ứng là( )
( )
( )
( )
, ; 1
, 1;0
,c 0;1 , 1;
x a a x b b x c x d d
= ∈ −∞ −
= ∈ −
= ∈
= ∈ +∞
.
Xét hàm số y= f x
(
2−2x)
⇒ y′=2(
x−1)
f′(
x2−2x)
.Giải phương trình
( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( ) ( )
2
2 2
2
2 2
1
2 1
0 2 1 2 0 1 0 2 2
2 0
2 3
2 4
x
x x a
x
y x f x x x x b
f x x
x x c
x x d
=
− =
− =
′= ⇔ − ′ − = ⇔ ′ − = ⇔ −− ==
− =
.
Xét hàm số h x
( )
=x2−2x ta có h x( )
=x2−2x= − +1(
x−1)
2≥ − ∀ ∈1, x ℝ do đó Phương trình x2−2x=a a,(
< −1)
vô nghiệm.Phương trình x2−2x b= , 1
(
− < <b 0)
có hai nghiệm phân biệtx x
1;
2 không trùng với nghiệm của phương trình( )
1 .Phương trình x2−2x c= , 0
(
< <c 1)
có hai nghiệm phân biệtx x
3;
4 không trùng với nghiệm của phương trình( )
1 và phương trình( )
2 .Phương trình x2−2x d d= ,
(
>1)
có hai nghiệm phân biệtx x
5;
6 không trùng với nghiệm của phương trình( )
1 và phương trình( )
2 và phương trình( )
3 .Vậy phương trình y′ =0 có 7 nghiệm phân biệt nên hàm số y= f x
(
2−2x)
có 7 điểm cực trị.Cách 2
h tt p s: //l u ye n th it ra cn gh ie m .v n h ttp s:/ /w ww .fa ce bo ok .co m /v iet go ld
Từ bảng biến thiên ta có phương trình f′
( )
x =0 có các nghiệm tương ứng là( )
( )
( )
( )
, ; 1
, 1;0
,c 0;1 , 1;
x a a x b b x c x d d
= ∈ −∞ −
= ∈ −
= ∈
= ∈ +∞
Xét hàm số y= f x
(
2−2x)
⇒ y′=2(
x−1)
f′(
x2−2x)
.( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( ) ( )
2
2 2
2
2 2
1
2 1
0 2 1 2 0 1 0 2 2
2 0
2 3
2 4
x
x x a
x
y x f x x x x b
f x x
x x c
x x d
=
− =
− =
′= ⇔ − ′ − = ⇔ ′ − = ⇔ −− ==
− =
.
Vẽ đồ thị hàm số h x
( )
=x2−2xDựa vào đồ thị ta thấy: phương trình
( )
1 vô nghiệm. Các phương trình( ) ( ) ( )
2 ; 3 ; 4 mỗiphương trình có 2 nghiệm. Các nghiệm đều phân biệt nhau.
Vậy phương trình y′ =0 có 7 nghiệm phân biệt nên hàm số y= f x
(
2−2x)
có 7 điểm cực trị.Câu 30: (Câu 48 - MĐ 102 - BGD&ĐT - Năm 2018 - 2019) Cho hàm số f x
( )
, bảng biến thiên của hàm số f '( )
x như sau:Số điểm cực trị của hàm số y = f x
(
2+2x)
làⒶ. 3. Ⓑ. 9. Ⓒ. 5. Ⓓ. 7. Lời giải
Chọn D
Xét hàm số y= f x
(
2+2x)
trênℝ
.Ta có y'=
(
2x+2)
f'(
x2+2x)
.+∞ +∞
1 3
∞ 1 1 + ∞
f'(x)
x 0
2
ht tps :// ww w.f ace boo k.c om /vie tgo ld h ttp s:/ /lu ye n th itr ac n gh ie m .v n
Dựa vào bảng biến thiên của hàm f x'
( )
ta được( ) ( )
( ) ( )