25 Đề Thi Học Kỳ 2 Môn Toán 9 Có Đáp Án

(1)

www.thuvienhoclieu.com ĐỀ 1

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút

A. Phần trắc nghiệm (3 điểm) Hãy khoanh vào đáp án đúng trong các câu sau:

Câu 1: Hàm số y 3x²:

A. Nghịch biến trên R. B. Đồng biến trên R.

C. Nghịch biến khi x>0, đồng biến khi x<0 D. Nghịch biến khi x<0, đồng biến khi x>0

Câu 2. Trong các hệ phương trình sau đây hệ phương trình nào vô nghiệm:

A. ^{3x 2y 5} 5x 3y 1

 

  

 B. ^{x y 1}

2017x 2017y 2

  

  

 C. ^{3x 2y 5}

6x 4y 10

 

  

 D. ^{5x 3y 1}

5x 2y 2

 

  



Câu 3. Hệ phương trình: ^{3x 2y 8} 5x 2y 8

 

  

 có nghiệm là:

A. ^{x 2} y 1

 

  B. ^{x 2}

y 1

 

  

 C. ^x ²

y 1

  

  D. ^{x 2} y 3

 

 

Câu 4: Tìm 2 số biết tổng của chúng bằng 27 và tích của chúng bằng 180. Hai số đó là:

A. -12 và -15 B. 15 và 12 C. 9 và 20 D. 15 và -12 Câu 5: Tọa độ hai giao điểm của đồ thị hai hàm số y x ²và y 3x 2  là:

A. (1; -1) và (1; 2) B. (1; 1) và (1; 2) C. (1; 2) và (2; 4) D. (1; 1) và (2; 4) Câu 6: Cho hình vẽ bên, biết số đo góc

 ^o

MAN 30 Số đo góc PCQ^ ở hình vẽ bên là:

A. PCQ 120^  ô B. PCQ 60^  ô C. PCQ 30^  ô D. PCQ 240^  ô

B.Phần tự luận (7 điểm)

Câu 7 (1đ): Giải hệ phương trình ^{3x 2y 5} 5x y 17

 

  



Câu 8 (1đ): Cho phương trình bậc hai ẩn x, ( m là tham số): x²4x m 0  (1)

?

Q P

N M B C

A

(2)

a, Giải phương trình với m = 3.

b, Tìm điều kiện của m để phương trình (1) luôn có 2 nghiệm phân biệt.

Câu 9 (1,5 đ): Một mảnh đất hình chữ nhật có chiều dài lớn hơn chiều rộng 17m và diện tích của mảnh đất là 110m². Tính các kích thước của mảnh đất đó.

Câu 10 (3 đ): Cho tứ giác ABCD nội tiếp nửa đường tròn đường kính AD. Hai đường chéo AC và BD cắt nhau tai E. Kẻ EFAD. Gọi M là trung điểm của AE.

Chứng minh rằng:

a. Tứ giác ABEF nội tiếp một đường tròn.

b. Tia BD là tia phân giác của góc CBF.

c. Tứ giác BMFC nội tiếp một đường tròn.

Câu 11 (0,5 đ): Tính diện tích xung quanh của một chiếc thùng phi hình trụ, biết chiều cao của thùng phi là 1,2 m và đường kính của đường tròn đáy là 0,6m.

www.thuvienhoclieu.com Trang 2

(3)

1 1

12

F M

E

D C B

A

III. ĐÁP ÁN

I. Trắc nghiệm (3 điểm) Mỗi ý chọn đúng đáp án được 0,5 điểm.

Câu 1 2 3 4 5 6

Đáp án C B A B D A

I. Tự luận (7 điểm) II.

Bài Nội dung Điểm

Câu 7

a, ^{3x 2y 5} 5x y 17

 

  



3x 2y 5 10x 2y 34

 

   

Cộng theo từng vế 2 phương trình trên ta được:

13x = 39 ^ x = 3 thay vào PT tìm được y = 2 Hệ có nghiệm duy nhất ^{x 3}

y 2

 

 

0,5

Câu 8

a, Với m = 3 phương trình (1) trở thành x²4x 3 0 

Có 1 + (-4) + 3 = không nên PT có 2 nghiệm x1 1 và x2 3 0,5 b, Ta có:   ' ( 2)²   m 4 m

Để phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt thì :

4-m>0 ^ m < 4 0,5

Câu 9

Gọi chiều rộng của mảnh đất đó là x(m), x>0 Suy ra chiều dài của mảnh đất đó là x+17 (m) Vì diện tích của mảnh đất là 110m² nên ta có PT:

x(x+17) = 110 x2 17x 110 0

   

Giải phương trình được x1 5 ( Thỏa mãn) và x2  22 (loại) Vậy chiều dài mảnh đất đó là 22 m, chiều rộng mảnh đất là 5

0,5 0,5 0,5 Câu

10

Hình vẽ:

a.Chỉ ra ABD· 90⁰suy ra ABE· 90⁰ EFAD suy ra EFA· 90⁰

Tứ giác ABEF có tổng hai góc đối bằng 90⁰ nội tiếp được đường tròn

0,25

0,25 0,25 0,25 b. Tứ giác ABEF nội tiếp suy ra ¶ ¶

1 1

B A ( góc nội tiếp cùng chắn EF» ) Mà ¶ ¶

1 2

A B ( nội tiếp cùng chắn cung CD) Suy ra ¶ ¶

1 2

B B suy ra BD là tia phân giác của góc CBF.

0,25 0,25 0,5

(4)

c. Chỉ ra tam giác AEF vuông tại F có trung tuyến FM  AMF cân tại M suy ra ¶ ¶

1 1

M 2A Chỉ ra · ¶

CBF2A1 suy ra ¶ · M1 CBF

Suy ra B và M cùng nhìn đoạn CF dưới một góc bằng nhau và chúng cùng phía đối với CF nên suy ra tứ giác BMFC nội tiếp một đường tròn

0,25 0,25 0,5 Câu

11

Diện tích xung quanh của thùng phi đó là:

Sxq  2 Rh dh  0,6.1,2 0,72 (m²) 0,5 Chú ý: Nếu học sinh làm cách khác mà đúng thì vẫn cho điểm tối đa theo từng phần.

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút A. PHẦN TRẮC NGHIỆM (2,0 điểm).

Câu 1. Phương trình x²6x 1 0  có tổng hai nghiệm bằng A. -6 B. 6 C. 1 D. -1 Câu 2. Hệ phương trình 3x y 2

x y 6

  

   

 có nghiệm bằng

A. (x;y)=(-1;5) B. (x;y)=(1;5) C. (x;y)=(-1;-5) D. (x;y)=(1;-5)

Câu 3. Cho tứ giác ABCD nội tiếp đường tròn tâm O, biết . Khi đó bằng

A. B. C. D.

Câu 4. Phương trình x⁴3x²  4 0 có tổng các nghiệm bằng.

A. 0 B. 3 C. 4 D. -3 B. PHẦN TỰ LUẬN (8,0 điểm).

Câu 5. Cho hệ phương trình mx y 3 4x my 7

  

  

 ( m là tham số) (*) a, Giải hệ phương trình với m=1

b, Tìm m để hệ phương trình (*) có nghiệm duy nhất.

Câu 6. Cho phương trình bậc hai x² 2x 3m 1 0   (m là tham số) (**) a, Giải phương trình với m=0

b, Tìm m để phương trình (**) có hai nghiệm phân biệt.

(5)

Câu 7. Cho tam giác cân ABC có đáy BC và . Trên nửa mặt phẳng bờ AB không chứa điểm C lấy điểm D sao cho DA=DB và . Gọi E là giao điểm của AB và CD.

a, Chứng minh ACBD là tứ giác nội tiếp.

b, Tính .

Câu 8. Cho a,b,c là các số thực, không âm đôi một khác nhau. Chứng minh rằng:

 

²

 

²

 

²

1 1 1

ab bc ca . 4

a b b c c a

 

        

--- Hết --- (Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm)

Họ và tên học sinh.……...………...SBD:…...…

ĐÁP ÁN A. PHẦN TRẮC NGHI M ( Mỗi cấu đúng 0,5 đi m)Ệ ể

Câu 1 2 3 4

Đáp án B C A A

B. PHẦN TỰ LUẬN C.

Câu Nội dung Điểm

5 2,5đ

a, Thay m=1 vào HPT ta được

Vậy nghiệm của HPT là (x;y)=(2;-1)

1,5

b, HPT có nghiệm duy nhất khi 1

6

2,5đ a, Thay m=0 vào PT ta được =0 1,5

b, ĐK để phương trình có hai nghiệm phân biệt là 1 7

2,0đ

E

A

D B

C

(6)

a, Từ tam giác ABC cân A, tính được Từ tam giác cân ADB, tính được

Suy ra . Do đó tứ giác ACBD nội tiếp

1

b, Là góc có đỉnh bên trong đường tròn 1

8 1đ

Giả sử c=min khi đó ;

Ta cần chứng minh . Bằng cách biến

đổi tương đương ta được

1đ

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút I - LÝ THUYẾT: (2 điểm) Học sinh chọn một trong hai đề sau:

Đề 1: Viết công thức nghiệm của phương trình bậc hai.

Đề 2: Câu 1. Nêu tính chất góc nội tiếp.

Câu 2. Nêu định nghĩa số đo cung.

II - BÀI TẬP : (8 điểm)

Bài 1: (2 điểm) Giải phương trình và hệ phương trình sau : a) x² + 5x – 6 = 0 b) 2x⁴ + 3x² – 2 = 0 c) 









5 3

3 5

4 y x

y x

Bài 2: (2 điểm) Một xe khách và một xe du lịch khởi hành đồng thời từ Hà Tiên đi Rạch Sỏi. Xe du lịch có vận tốc lớn hơn xe khách là 20 km/h do đó đến Rạch Sỏi trước xe khách 50 phút. Tính vận tốc mỗi xe. Biết khoảng cách từ Hà Tiên đến Rạch Sỏi là 100 km.

Bài 3: (3 điểm) Cho nửa đường tròn (O ; R) đường kính AB cố định. Qua A và B vẽ các tiếp tuyến với nửa đường tròn tâm O. Từ một điểm M tùy ý trên nửa đường tròn (M  A và B) vẽ tiếp tuyến thứ 3 với nửa đường tròn cắt các tiếp tuyến tại A và B theo thứ tự là H và K.

a) Chứng minh tứ giác AHMO là tứ giác nội tiếp.

b) Chứng minh AH + BK = HK.

c) Chứng minh tam giác HAO đồng dạng với tam giác AMB và HO . MB = 2R² Bài 4: (1 điểm) Khi quay tam giác ABC vuông ở A một vòng quanh cạnh góc vuông AC cố định, ta được một hình nón. Biết rằng BC = 4 cm, góc ACB bằng 30⁰. Tính diện tích xung quanh và thể tích hình nón.

(7)

+ ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM:

Câu Nội dung Điểm

LÝ THUYẾT LT

Đề 1 (2 điểm)

Nêu đúng công thức nghiệm. 2

LT Đề 2 (2 điểm)

Câu 1. Nêu đúng tính chất góc nội tiếp. 1

Câu 2. Nêu đúng định nghĩa số đo cung. 1

BÀI TẬP

Bài 1 (2 điểm)

a) x² + 5x – 6 = 0 có a + b + c = 1 + 5+ (-6) = 0 Nên phương trình có 2 nghiệm là: x1 = 1 ; x2 = -6

0,25 0,25 b) 2x⁴ + 3x² – 2 = 0 (b)

Đặt x² = t (t  0) PT (b) trở thành 2t² + 3t – 2 = 0 (b’)

 = 3² – 4 . 2 . (-2) = 25 > 0

   25 5

Phương trình (b’) có hai nghiệm t1 = ½ (nhận) ; t2 = -2 (loại) Với t1 = ½ ^ _1,2 2

x   2

Vậy PT (b) có hai nghiệm _1,2 2 x   2

0,25 0,25 0,25 c) 









5 3

3 5

4 y x

y x

 _^^  





 y x

y y

3 5

3 5 ) 3 5 ( 4

 _^^  



 y x

y

3 5

17 17

 





 2

1 x

y 0,25

0,25 0,25 Bài 2

(2 điểm)

Gọi vận tốc của xe khách là x (km/h); ĐK: x > 0 Vận tốc xe du lịch là: x + 20 (km/h)

Thời gian xe khách đi hết quãng đường là: ¹⁰⁰_x (h) Thời gian xe du lịch đi hết quãng đường là: _x¹⁰⁰_₂₀ (h) Đổi 50 phút = ₆⁵ h

Theo bài ta có phương trình : ¹⁰⁰_x - ₆⁵ = _x¹⁰⁰_₂₀

 600(x + 20) – 5x(x + 20) = 600x

 600x + 12 000 – 5x² – 100x – 600x = 0

 5x² + 100x – 12 000 = 0

 x²+ 20x – 2 400 = 0



' 10² + 2 400 = 2 500

0,25 0,25

0,25 0,25 0,25

(8)

' = 50 x1 = ^¹⁰₁^⁵⁰ = 40

x2 = ^¹⁰₁^⁵⁰ = -60 ( loại)

Vậy vận tốc xe khách là 40 km/h và vận tốc xe du lịch là 60 km/

h

0,25 0,25 0,25

Bài 3 (3 điểm)

Vẽ hình ghi GT, KL

M

R

K H

O B

A

0,5

a) Chứng minh tứ giác AHMO là tứ giác nội tiếp Xét tứ giác AHMO có:

OAH = OMH^ = 90⁰ (tính chất tiếp tuyến)

OAH + OMH^ = 180⁰

Nên tứ giác AHMO nội tiếp đường tròn.

b) Chứng minh AH + BK = HK

Theo tính chất hai tiếp tuyến cắt nhau Ta có: AH = MH và MK = KB

Mà HM + MK = HK (vì M nằm giữa H và K)

AH + BK = HK c) HAO∽ AMB (g - g)

HO . MB = AB . AO = 2R²

0,5 0,5 0,25 0,25 0,25 0,25 0,5

Bài 4 (1 điểm)

AB = 2 cm AC = 2 3 cm Sxq = 8 cm² V = 8 3

3

 cm

0,25 0,25 0,25 0,25

(9)

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút A. PHẦN TRẮC NGHIỆM (2,0 điểm).

Câu 1. Phương trình x²6x 1 0  có tổng hai nghiệm bằng B. -6 B. 6 C. 1 D. -1 Câu 2. Hệ phương trình 3x y 2

x y 6

  

   

 có nghiệm bằng

B. (x;y)=(-1;5) B. (x;y)=(1;5) C. (x;y)=(-1;-5) D. (x;y)=(1;-5)

Câu 3. Cho tứ giác ABCD nội tiếp đường tròn tâm O, biết . Khi đó bằng

B. B. C. D.

Câu 4. Phương trình _x⁴__3x² _{ }_{4 0} có tổng các nghiệm bằng.

B. 0 B. 3 C. 4 D. -3 B. PHẦN TỰ LUẬN (8,0 điểm).

Câu 5. Cho hệ phương trình mx y 3 4x my 7

  

  

 ( m là tham số) (*) a, Giải hệ phương trình với m=1

b, Tìm m để hệ phương trình (*) có nghiệm duy nhất.

Câu 6. Cho phương trình bậc hai x² 2x 3m 1 0   (m là tham số) (**) a, Giải phương trình với m=0

b, Tìm m để phương trình (**) có hai nghiệm phân biệt.

Câu 7. Cho tam giác cân ABC có đáy BC và . Trên nửa mặt phẳng bờ AB không chứa điểm C lấy điểm D sao cho DA=DB và . Gọi E là giao điểm của AB và CD.

a, Chứng minh ACBD là tứ giác nội tiếp.

b, Tính .

Câu 8. Cho a,b,c là các số thực, không âm đôi một khác nhau. Chứng minh rằng:

(10)

 

²

 

²

 

²

1 1 1

ab bc ca . 4

a b b c c a

 

        

--- Hết --- (Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm)

Họ và tên học sinh.……...………...SBD:…...…

ĐÁP ÁN D. PHẦN TRẮC NGHI M ( Mỗi cấu đúng 0,5 đi m)Ệ ể

Câu 1 2 3 4

Đáp án B C A A

E. PHẦN TỰ LUẬN F.

Câu Nội dung Điểm

5 2,5đ

a, Thay m=1 vào HPT ta được

Vậy nghiệm của HPT là (x;y)=(2;-1)

1,5

b, HPT có nghiệm duy nhất khi 1

6

2,5đ a, Thay m=0 vào PT ta được =0 1,5

b, ĐK để phương trình có hai nghiệm phân biệt là 1 7

2,0đ

E

A

D B

C

a, Từ tam giác ABC cân A, tính được Từ tam giác cân ADB, tính được

Suy ra . Do đó tứ giác ACBD nội tiếp

1

b, Là góc có đỉnh bên trong đường tròn 1

(11)

8 1đ

Giả sử c=min khi đó ;

Ta cần chứng minh . Bằng cách biến

đổi tương đương ta được

1đ

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút I. TRẮC NGHIỆM : (3 điểm)

Chọn câu trả lời em cho là đúng nhất:

Câu 1: Trong các cặp số sau đây, cặp số nào là nghiệm của phương trình 3x + 5y = – 3?

A. (–2; 1) B. (0; –1) C. (–1; 0) D. (1; 0)

Câu 2. Cho đường tròn (O; 2cm), độ dài cung 60⁰ của đường tròn này là:

A. ^₃ cm. B. ³₂^ cm C.

2

 cm D. ²₃^ cm.

Câu 3: Nghiệm của hệ phương trình ² ³ ³

3 6

x y x y

 

  

 là:

A.(2;1) B.( 3;1) C(1;3) D.(3; -1)

Câu 4: Đường kính vuông góc với một dây cung thì:

A. Đi qua trung điểm của dây cung ấy. B. không đi qua trung điểm của dây cung ấy

Câu 5: Phương trình x² - 7x – 8 = 0. có tổng hai nghiệm là:

A.8 B.-7 C.7 D.3,5

Câu 6: Cho hình vẽ:P 35 ; IMK 25^  ⁰ ^  ⁰

25

35

p k

i

n m

a o

Số đo của cung MaN bằng:

A. 60⁰ B. 70⁰

C. 120⁰ D.130⁰

Câu 7:

Phương trình của parabol có đỉnh tại gốc tọa độ và đi qua điểm ( - 1 ; 3 ) là:

(12)

A. y = x² B. y = - x² C. y = -3x² D. y = 3x² Câu 8:

Tứ giác ABCD nội tiếp đường tròn có A = 50⁰; B = 70⁰ . Khi đó C - D bằng:

A. 30⁰ B . 20⁰ C . 120⁰ D . 140⁰

II. Điền đúng (Đ) hoặc sai (S) vào ô vuông ở cuối mỗi câu sau: (1 điểm) 1. Phương trình 7x² – 12x + 5 = 0 có hai nghiệm là x1 = 1; x2 = ⁵

7

 .

2. x² + 2x = mx + m là một phương trình bậc hai một ẩn số với mọi m^ R.

3. Trong một đường tròn hai cung bị chắn giữa hai dây song song thì bằng nhau.

4. Số đo của góc tạo bởi tia tiếp tuyến và dây cung bằng số đo của góc nội tiếp.

II. TỰ LUẬN (7 điểm) Bài 1. (2 điểm)

a. Giải hệ phương trình sau:^_{   }²_x^x^₄³_y^y^¹₇



b. Giải phương trình: x⁴ – 5x² + 4 = 0 Bài 2. (1 điểm)

Tìm các giá trị của m để phương trình 2x² – (4m + 3)x + 2m² –1 = 0 có nghiệm ?

Bài 3.(1 điểm)

Một xe khách và một xe du lịch khởi hành cùng một lúc từ A đến B. Xe du lịch có vận tốc lớn hơn vận tốc của xe khách là 20 km/h, do đó nó đến B trước xe khách 25 phút. Tính vận tốc của mỗi xe, biết khoảng cách AB là 100 km.

Bài 4. (3 điểm)

Cho tam giác ABC nội tiếp đường tròn tâm O. Gọi E, D lần lượt là giao điểm của các tia phân giác trong và ngoài của hai góc B và C. Đường thẳng ED cắt BC tại I, cắt cung nhỏ BC ở M. Chứng minh:

a. Ba điểm A, E, D thẳng hàng.

b.Tứ giác BECD nội tiếp được trong đường tròn.

c. BI. IC = ID. IE

ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM MÔN TOÁN 9 - HỌC KÌ II I/ TRẮC NGHIỆM ( 3 điểm):- Mỗi câu đúng được 0,25 điểm.

Câu 1 2 3 4 5 6 7 8

Đáp án C D B A C C D A

II. Điền Đ hoặc S vào chỗ trống:

1- Sai 2 - Đúng 3 - Đúng 4 - Sai

II. TỰ LUẬN: (7 điểm).

Câu Lời giải Điểm

(13)

Bài 1

Giải hệ phương trình ^_{   }²_x^x^₄³_y^y^¹₇

 Từ PT (2)  x = 4y - 7 (*)

thế vào PT (1) Ta có 2(4y - 7) - 3y = 18y - 14 - 3y = 1 5y = 15y = 3.

ThÕ vµo (*) x = 4.3 - 7 = 5.

VËy HPT cã 1 nghiÖm: (x;y) = (5; 3)

0.5

2x² – (4m + 3)x + 2m² –1 = 0

Tìm được ^ = 24m + 17 (0,25điểm) Tìm được m ¹⁷

24

  (0,75 điểm)

0,75 0,25

Bài 2

Đặt t = x² ( t>0). Phương trình trở thành t ² -5t + 4 = 0

Giải ra t = 1, t = 4 (nhận)

Giải ra x = 1, x= -1, x= 2, x= -2.

0.5 0,5

Bài 3

Gọi vận tốc của xe khách là x (km/h), (ĐK: x > 0)

khi đó vận tốc của xe du lịch là x + 20 (km/h) ^0.25 Thời gian đi từ A đến B của xe khách là : ¹⁰⁰_x (giờ) _0.25 Thời gian đi từ A đến B của xe du lịch là : _x¹⁰⁰_₂₀ (giờ)

Vì xe du lịch đến B trước xe khách 25 phút =

12 5 giờ nên ta có phương trình:

x 100 -

20 100

 x =

12 5

=> x1 = 60 0.25

x2 = -80 < 0 ( lo¹i)

VËy vËn tèc cña xe kh¸ch lµ 60 km/h;

VËn tèc cña xe du lÞch lµ 60 + 20 = 80 (km/h)

0.25

(14)

Bài 4

i

e d

b c

a Hình vẽ

a)Vì E là giao điểm hai phân giác góc B và C của tam giác ABC nên AE cũng là phân giác của góc A.

Khi đó AE và AD đều là phân giác trong của góc BAC nên A, E, D thẳng hàng

0.5

b) Ta có: EBD ⁺ECD^{= 90}⁰^{+ 90}⁰^{= 180}⁰

Tứ giác BECD nội tiếp đường tròn

0.5 0.5 c) Xét hai tam giác BIE và tam giác DIC:

EBC⁼EDC (haigóc nội tiếp cùng chắn cung EC) BIE ⁼DIC ( đối đỉnh)

 BIE _ DIC ( g-g) 

IC IE ID BI 

 BI. IC = IE. ID

0.5

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút I. Trắc nghiệm (2 điểm) Hãy chọn đáp án đúng trong các câu sau:

Câu 1: Hàm số ^y^{ }



¹ ^{2 x}



²^là:

A. Nghịch biến trên R. B. Đồng biến trên R.

C. Nghịch biến khi x>0, đồng biến khi x<0 D. Nghịch biến khi x<0, đồng biến khi x>0

Câu 2. Trong các phương trình sau đây phương trình nào vô nghiệm:

(15)

A. x²-2x+1=0 B. -30x²+4x+2011 C. x²+3x-2010 D. 9x²-10x+10

Câu 3. Cho AOB· 60⁰là góc của đường tròn (O) chắn cung AB. Số đo cung AB bằng:

A. 120⁰ B. 60⁰ C. 30⁰ D. Một đáp án khác Câu 4: Một hình trụ có chu vi đáy là 15cm, diện tích xung quanh bằng 360cm². Khi đó chiều cao của hình trụ là:

A. 24cm B. 12cm C. 6cm D. 3cm

II. Tự luận (8 điểm)

Bài 1 (2 đ): Cho hệ phương trình: mx 2y 3

víi m lµ tham sè 2x my 11

 

  

 a. Giải hệ khi m=2

b. Chứng tỏ rằng hệ luôn có nghiệm duy nhất với mọi giá trị của m.

Bài 2 (3 đ): Một mảnh đất hình chữ nhật có diện tích 720m², nếu tăng chiều dài 6m và giảm chiều rộng 4m thì diện tích của mảnh vườn không đổi. Tính các kích thước của mảnh vườn đó.

Bài 3 (3 đ): Cho tứ giác ABCD nội tiếp nửa đường tròn đường kính AD. Hai đường chéo AC và BD cắt nhau tai E. Kẻ EFAD. Gọi M là trung điểm của AE. Chứng minh rằng:

a. Tứ giác ABEF nội tiếp một đường tròn.

b. Tia BD là tia phân giác của góc CBF.

c. Tứ giác BMFC nội tiếp một đường tròn

Hướng dẫn chấm Đề kiểm tra học kì ii I. Trắc nghiệm (2 điểm) Mỗi ý chọn đúng đáp án được 0,5 điểm.

Câu 1 2 3 4

Đáp án C D B A

II. Tự luận (8 điểm)

Bài Nội dung Điểm

Bài 1

(2 đ) a. Với m=2 hệ trở thành: 7

2x 2y 3 x

2x 2y 11 2

y 2

   

 

   

   

1,0

(16)

1 1

12

F M

E

D C B

A

b) Xét hệ: mx 2y 3

víi m lµ tham sè 2x my 11

 

  



Từ hai phương trình của hệ suy ra:



^m² ^^{4 x}



^²²^^3m^(*)

Vì phương trình (*) luôn có nghiệm với mọi m nên hệ đã cho luôn có nghiệm với mọi m.

0,5 0,5

Bài 2 (3 đ)

Gọi chiều dài của mảnh đất đó là x(m), x>0 Suy ra chiều rộng của mảnh đất đó là 720

x (m) Lý luận để lập được phương trình:



^x ⁶



⁷²⁰ ⁴ ⁷²⁰

x

 

   

Giải phương trình được x=30

Vậy chiều dài mảnh đất đó là 30m, chiều rộng mảnh đất là 720 30 24m

0,5

1 1 0,5

Bài 3 (3 đ)

Hình vẽ:

a.Chỉ ra ABD· 90⁰suy ra ABE· 90⁰ EFAD suy ra EFA· 90⁰

Tứ giác ABEF có tổng hai góc đối bằng 90⁰ nội tiếp được đường tròn

0,25

0,25 0,25 0,25 b. Tứ giác ABEF nội tiếp suy ra ¶ ¶

1 1

B A ( góc nội tiếp cùng chắn EF» ) Mà ¶ ¶

1 2

A B ( nội tiếp cùng chắn cung CD) Suy ra ¶ ¶

1 2

B B suy ra BD là tia phân giác của góc CBF.

0,25 0,25 0,5 c. Chỉ ra tam giác AEF vuông tại F có trung tuyến FM  AMF cân

tại M suy ra ¶ ¶

1 1

M 2A Chỉ ra · ¶

CBF2A1 suy ra ¶ · M1 CBF

Suy ra B và M cùng nhìn đoạn CF dưới một góc bằng nhau và chúng cùng phía đối với CF nên suy ra tứ giác BMFC nội tiếp một đường tròn

0,25 0,25 0,5 Chú ý: Nếu học sinh làm cách khác mà đúng thì vẫn cho điểm tối đa theo từng phần.

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút

(17)

B

ài 1: ( 2 điểm ) Giải các phương trình và hệ phương trình sau:

a) ^_{  }₃^{x y}_{x y}^{ }⁵₇

 b) x⁴5x²  4 0

Bài 2 : ( 2 điểm ) Trên cùng một MFTĐ Oxy cho hai đồ thị Parabol  ^{P y x}^: ^ ² và

 ^d ^:^y^{  }⁴^x ³ a) Vẽ  ^P

b) Tìm tọa độ giao điểm của  ^P và  ^d .

Bài 3 : ( 2 điểm ) Cho phương trình : ^x²^^m^²^x^²^m^⁰ (1)

a) Chứng tỏ phương trình (1) luôn có 2 nghiệm x x1; 2 với mọi m .

b) Tìm m để phương trình có 2 nghiệmx x1; 2sao cho x1²x2² đạt giá trị nhỏ nhất.

Bài 4: ( 4 điểm ) Cho ^^ABC nhọn nội tiếp (O;R) . Các đường cao AD; BE; CF cắt nhau tại H.

a) Chứng minh : Tứ giác AEHF nội tiếp.

b) Chứng minh : Tứ giác BFEC nội tiếp.

c) Chứng minh : ^OA^^EF

d) Biết số đo cung AB bằng 90 ⁰và số đo cung AC bằng 120 ⁰.

Tính theo R diện tích phần hình tròn giới hạn bởi dây AB; cung BC và dây AC --- Hết ---

ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM

Bài NỘI DUNG ĐIỂM

1

a) Giải hpt ^_{  }₃^{x y}_{x y}^{ }⁵₇



1,0đ

4 12 5 x x y

 

   

0,5

3 3

3 5 5 3 2

x x

y y

 

 

      

0,5

b) Giải pt x⁴5x² 4 0 (*) 1,0đ

Đặt ^x² ^^{t t} ^⁰. PT  ^* ^{   }^t² ⁵^t ^{4 0} ^0,25

1 1

 t ( nhận ) ; t2 4 ( nhận ) 0,25

Với

2 1

2 2

1 1 1

4 4 2

t x x

     

      0,25

Vậy phương trình đã cho có 4 nghiệm :x11;x2  1;x32;x4  2 0,25

2 a) Vẽ  ^{P y x}^: ^ ² ^1,0đ

+ Lập bảng giá trị đúng :

x -2 -1 0 1 2

y = x² 4 1 0 1 4

0,5

(18)

+ Vẽ đúng đồ thị :

0,5

b)Tìm tọa độ giao điểm của  ^P và  ^d . 1,0đ + Pt hoành độ giao điểm của  ^P và  ^d : x²4x 3 0 0,25

+  

 

1 1

2 2

1 1: 1;1

3 9 : 3;9

x y A

x y B

    

0,25 0,25 Vậy tọa độ giao điểm của  ^P và  ^d là ^A^^{1;1 ;} ^B ^^3;9 ^0,25

3

4

a) Chứng tỏ phương trình (1) luôn có nghiệm với mọi m . 1,0đ + ^{  }^_ ^m^²²^_^^{4.1. 2}^ ^m ^^m²^⁴^m^{ }⁴ ^m^²²^{ }^0, ^m ^0,75 + Vậy phương trình (1) luôn có 2 nghiệm x x1; 2 với mọi m . 0,25 b) Tìm m để phương trình có 2 nghiệmx x1; 2sao cho x1²x2²

đạt giá trị nhỏ nhất.

1,0đ + Theo vi-et : ¹ ²

1 2

2

. 2

x x m x x m

  

 

0,25 + x1²x2² x1x2²2x x1 2 0,25

^m ²² ^{2. 2} ^m ^m² ⁸^m ⁴ ^m ⁴² ¹² ^12, ^m

             0,25

+ Vậy GTNN của x1²x2² là – 12 khi ^m^{    }^{4 0} ^m ⁴ 0,25 a) Chứng minh : Tứ giác AEHF nội tiếp. 1,0đ + Tứ giác AEHF có: AEH 90 ;AFH 90 gt^· ⁼ ⁰ ^· ⁼ ⁰

( )

0,5 + _{AEH AFH 90}^· ₊^· ₌ ⁰₊₉₀⁰₌₁₈₀⁰ 0,25 + Vậy tứ giác AEHF nội tiếp đường tròn đường kính AH 0,25 b) Chứng minh : Tứ giác BFEC nội tiếp. 1,0đ + Tứ giác BFEC có: BFC 90 ;BEC 90 gt^· ⁼ ⁰ ^· ⁼ ⁰

( )

0,5 + F và E là hai đỉnh kề nhau cùng nhìn BC dưới 1 góc 90⁰ 0,25 + Vậy tứ giác BFEC nội tiếp đường tròn đường kính BC 0,25

c) Chứng minh : ^OA^^EF 1,0đ

+ Kẻ tiếp tuyến x’Ax của (O)^_{x AB ACB}^·^' ₌^· ( Cùng chắn cung AB )

0,25 + _{AFE ACB}^· ₌^· ( BFEC nội tiếp ) 0,25 + ^_{x AB AFE}^·^' ₌^· _Þ _{x x}^' //FE 0,25

+ Vậy : ^OA^^EF 0,25

d) Tính theo R diện tích phần hình tròn giới hạn bởi dây AB; 1,0đ www.thuvienhoclieu.com Trang 18

(19)

cung BC và dây AC

+ Gọi SCt là diện tích phần hình tròn giới hạn bởi dây AB; cung BC và dây AC . S_Ct=S( )_O - S_VFAB- S_VFAC

0,25

+ D

= - =p ²- ²

VFAB quatOAB OAB

R R

S S S

4 2 (đvdt) 0,25

+ = - _D =^p -

2 2

VFAC quatOAC OAC

R R 3

S S S

3 4 (đvdt) 0,25

+

( )

æ ö

æp ö÷ çp ÷ p - -

ç ÷ ç ÷

= - - =p - çççè - ÷ ç÷ø è- çç - ÷÷÷ø=

2 2 2 2 2 2 2

2

Ct O VFAB VFAC

R R R R 3 5 R 6R 3 3R

S S S S R

4 2 3 4 12

(đvdt)

0,25

* Ghi chú :

- Hình vẽ sai không chấm điểm phần bài hình

- Mọi cách giải khác đúng vẫn đạt điểm tối đa của câu đó.

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút Bài 1: (1,0đ) Cho hàm số ^{y f (x)} ¹^x²

  2 .Tính ^{f (2)}; ^{f ( 4)}^ Bài 2: (1,0đ): Giải hệ phương trình: ^_{  }³_{x y}^{x y}^{ }₄¹⁰



Bài 3: (1,5đ)

Giải phương trình: x⁴3x² 4 0

Bài 4 : (1,0đ)

Với giá trị nào của m thì phương trình: x² -2(m +1)x + m² = 0 có hai nghiệm phân biệt.

Bài 5: (1.5đ)

Tích của hai số tự nhiên liên tiếp lớn hơn tổng của chúng là 19. Tìm hai số đó Bài 6: (1,0đ) Một hình trụ có bán kính đường tròn đáy là 6cm, chiều cao 9cm. Hãy tính:

a) Diện tích xung quanh của hình trụ.

b) Thể tích của hình trụ.

(20)

(Kết quả làm tròn đến hai chữ số thập phân; ^ ^3,14)

Bài 7: (3,0đ) Cho tứ giác ABCD nội tiếp đường tròn đường kính AD. Hai đường chéo AC và BD cắt nhau tại E. Kẻ EF vuông góc với AD tại F. Chứng minh rằng:

a) Chứng minh: Tứ giác DCEF nội tiếp được

b) Chứng minh: Tia CA là tia phân giác của BCˆF .

ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM:

Bài Đáp án Biểu

điểm 1

(1,0đ)

f(2)=2 f(-4)=8

0,5 0,5 2

(1,0đ)

Trừ hai PT ta được 2x=6 => x = 3, y = 1 0,75 Vậy: Hệ phương trình có nghiệm duy nhất là ( 3; 1) 0,25

3 (1,5đ)

x⁴3x² 4 0

Đặt x² = t (ĐK t≥0) Ta có PT : t²+3t-4 = 0

Có dạng: a + b + c = 1 +3+(-4) = 0

0,5

 t1 = 1 ; t2 = -4 (loại) 0,25

Với t = 1 ^ x1 = 1, x2 = -1 0,5

Vậy: Phương trình đã cho có 2 nghiệm: x1 = 1; x2 = –1 0,25 4

(1,0đ)

Cho phương trình: x² – 2(m+1)x + m² = 0 (1) phương trình (1) luôn có 2 nghiệm phân biệt khi

∆ = (m+1)² – m² = 2m + 1 > 0 => m > 0,75 Vậy: Phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt khi m > 0,25 5

(1,5đ)

Gọi số tự nhiên thứ nhất là x (x  N) =>Số thứ 2 là x+1 Tích của hai số tự nhiên liên tiếp là x(x+1)

Tổng của hai số đó là: x + x + 1 = 2x + 1 Theo bài ra ta có PT: x²– x – 20 = 0 Có nghiệm thỏa mãn x = 5

Vậy: Hai số tự nhiên liên tiếp cần tìm là 5 và 6

0.25 0.25 0.25 0.5 0.25 6

(1,0đ)

a) Diện tích xung quanh của hình trụ là:

Sxq = 2^r.h = 2.3,14.6.9 ^ 339,12 (cm²) 0,5 b) Thể tích của hình trụ là:

V = ^r²h = 3,14 . 6² . 9 ^1017,36 (cm³) 0,5 7

(3,0đ)

Hình vẽ: 0,5đ

www.thuvienhoclieu.com ¹ Trang 20

21

F E

D C

B

A

(21)

a)Ta có: ^A^C^^D = 90⁰ ( góc nội tiếp chắn nửa đường tròn đường kính AD )

Xét tứ giác DCEF có:

^E^C^^D = 90⁰ ( cm trên )

và EFD = 90⁰ ( vì EF  AD (gt) )

0,25 0,25 => ^E^C^^D + EFD = 180⁰ => Tứ giác DCEF là tứ giác nội tiếp

( đpcm ) 0,5

b) Vì tứ giác DCEF là tứ giác nội tiếp ( cm phần a )

=> Cˆ1 = Dˆ1 ( góc nội tiếp cùng chắn cung EF ) (1)

Mà: Cˆ2= Dˆ1 (góc nội tiếp cùng chắn cung AB ) (2)

0,5 0,5 Từ (1) và (2) => Cˆ1 = Cˆ2 hay CA là tia phân giác của BCˆF ( đpcm ) 0,5 ( Lưu ý : Các cách làm khác đúng vẫn cho điểm tối đa)

ĐỀ THI HỌC KỲ II Môn Toán Lớp 9 Thời gian: 90 phút Câu 1 : ( 2 điểm)

Giải phương trình, hệ phương trình sau a) 4x⁴+ 9x²- 9 = 0

b) ^{2x y 5} x y 3

  

  



Câu 2 : ( 2 điểm)

Cho phương trình (ẩn x): x² - (2m - 1)x + m² - 2 = 0 (1)

(22)

a) Tìm m để phương trình (1) vô nghiệm.

b) Tìm m để phương trình (1) có nghiệm x1, x2 thỏa mãn x .x1 2 ^2(x1^x )2

Câu 3 : (2 điểm) Cho hàm số y=x2

a) Vẽ đồ thị (P) của hàm số trên

b) Cho hàm số y = mx + 4 có đồ thị là (d). Tìm m sao cho (d) và (P) cắt nhau tại hai điểm có tung độ y1, y2 thỏa mãn

1 2

1 1

y y 5

Câu 4 : ( 3 điểm)

Cho nửa đường tròn (O) đường kính AB. Điểm M nằm trên nửa đường tròn (M ≠ A;

B). Tiếp tuyến tại M cắt tiếp tuyến tại A và B của đường tròn (O) lần lượt tại C và D.

a) Chứng minh rằng: tứ giác ACMO nội tiếp.

b) Chứng minh rằng: CAM ODM

c) Gọi P là giao điểm CD và AB. Chứng minh: PA.PO = PC.PM d) Gọi E là giao điểm của AM và BD; F là giao điểm của AC và BM.

Chứng minh: E; F; P thẳng hàng.

Câu 5 : ( 1 điểm)

Giải phương trình _4x² __{5x 1 2 x}_{ } ² _{   }_{x 1 3 9x}

----HẾT---- Đ

ÁP ÁN, BIỂU ĐIỂM:

Câu Đáp án Điểm

Câu 1 (2 điểm)

a) 4x⁴+ 9x²- 9 = 0 (1) Đặt t= x² (^t^⁰)

2

2 2

(1) 4 9 9 0

4; 9; 9

4 9 4.4.( 9) 225 0

3 ( )

4

pt t t

a b c

b ac

t loai

t TMDK

   

   

       

  



 

Với ³ ² ³ ³

4 4 2

t x    x

Vậy phương trình (1) có 2 nghiệm ³ ; ³

2 2

x x 

0.25 0.25

(23)

b) ^_{  }^{2x y 5}_{x y 3}^{ }

 giải hệ tìm được ( x= 2; y=1) 1

Câu 2 (2 điểm)

a) Phương trình x² – (2m – 1)x + m² – 2 = 0 vô nghiệm khi  0

 4m² – 4m + 1– 4m² + 8 < 0  m > 9/4 0,5 0,5 b) Phương trình x² – ( 2m – 1)x + m² – 2 = 0 có nghiệm khi  0

 4m² – 4m + 1– 4m² + 8 ^ 0  m  9/4 0,25 Khi đó ta có x1x2 2m 1, x x 1 2m²2 0,25

 

1 2 1 2

2 2

x .x 2(x x )

m 0 nhân

m 2 2(2m 1) m 4m 0

m 4 loai

 

         

  0,25

Kết luận 0,25

Câu 3 (2 điểm)

a) Lập bảng và tính đúng Vẽ đúng đồ thị

0,5 0,5 b) Ta có x²mx 4 0  và a.c = - 4 <0 nên phương trình có 2 nghiệm phân

biệt x1, x2. Theo hệ thức Viets ta có x1x2 m; x .x1 2  4

Khi đó 2 2

1 2 1 2

1 1 1 1

5 5

y y   x x 

2 2 2 2

1 2 1 2

2 2

1 2 1 2 1 2

2

x x 5x .x

(x x ) 2x .x 5(x .x )

m 72 m 6 2

  

   

    

0,25 0,25 0,25 0,25 Câu 4

(3 điểm)

P

C

D E

F

A O B

M

a. Tứ giác ACMO nội tiếp.

Chứng minh được tứ giác ACMO nội tiếp

1 b. Chứng minh rằng: CAM ODM

- Chứng minh được CAM ABM

- Chứng minh tứ giác BDMO nội tiếp - Chứng minh được ABM ODM

Suy ra CAM ODM

0.25 0.25 0.25 0.25 c. Chứng minh: PA.PO = PC.PM

Chứng minh được PAM đồng dạng với ^^PCO (g.g) 0.25